判断子序列

这道题可以双指针方法解决。

class Solution {
public:bool isSubsequence(string s, string t) {int s_index = 0;for(int t_index = 0; t_index < t.size(); t_index++) {if(s[s_index] == t[t_index]) {s_index++;}}return s_index == s.size();}
};

用动态规划也是可解的，是简化的编辑距离问题。通过删除 t 中的字符得到 s，求解能否实现。dp[i][j] 表示 i-1 之前的字符串s子串和 j-1 之前的字符串t子串之间的最长公共子序列长度。这道题与上一道最长公共子序列是相同的。

class Solution {
public:bool isSubsequence(string s, string t) {vector<vector<int>> dp(s.size() + 1, vector<int>(t.size() + 1, 0));for(int i = 1; i <= s.size(); i++) {for(int j = 1; j <= t.size(); j++) {if(s[i - 1] == t[j - 1]) {dp[i][j] = dp[i - 1][j - 1] + 1;}else {// 因为是判断s是不是t的子序列，所以只删除t中的字符就可以，从dp[i][j-1]继承数值dp[i][j] = dp[i][j - 1];  }}}return dp[s.size()][t.size()] == s.size();  // 最长公共子序列与s一样长，说明s就是t的子序列}
};

不同的子序列

这道题也是编辑距离类型的问题。本题中只涉及删除操作，对字符串 s 删除字符得到 t，求解操作方案的数目。
dp[i][j] 表示从字符串 s 下标 i-1 之前子串通过删除字符得到字符串 t 下标 j-1 之前子串的方案数目。
递推公式：针对这类问题我们可以发现，只需要考虑两种情况s[i - 1] == t[j - 1]和s[i - 1] != t[j - 1]。对于第一种情况，可以用 s[i - 1] 进行匹配，这部分的方法数目是 dp[i - 1][j - 1]，也可以不用 s[i - 1] 进行匹配，这部分的数目继承自 dp[i - 1][j]；对于第二种情况，没法匹配上 s[i - 1] 和 t[j - 1]，只能继承自 dp[i - 1][j]。
初始化：dp[0][j] 意味着空数组转换成字符串 t，没有方案可以实现，初始化为0。dp[i][0] 意味着字符串 s 转换成空数组，只有一种方案，初始化为1。dp[0][0]表示空数组到空数组，初始化为1。

class Solution {
public:int numDistinct(string s, string t) {vector<vector<int>> dp(s.size() + 1, vector<int>(t.size() + 1, 0));int max_value = INT_MAX;for(int i = 0; i <= s.size(); i++) {dp[i][0] = 1;}for(int j = 1; j <= t.size(); j++) {dp[0][j] = 0;}for(int i = 1; i <= s.size(); i++) {for(int j = 1; j <= t.size(); j++) {if(s[i - 1] == t[j - 1]) {if(dp[i - 1][j] < max_value - dp[i - 1][j - 1])dp[i][j] = dp[i - 1][j - 1] + dp[i - 1][j];}else {dp[i][j] = dp[i - 1][j];}}}return dp[s.size()][t.size()];}
};