百度之星一场，t4
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对于这种连续状态限制的字符串方案数，首先考虑dp，
首先定义好每个状态方便转移，0状态是结尾为0，1状态是结尾1个连续1，2状态是结尾两个连续1，有以下关系
if(s[i] == '1') {if(j > 0) dp[i][j][0] = (dp[i][j][0] + dp[i - 1][j - 1][0] + dp[i - 1][j - 1][1]) % mod;dp[i][j][1] = (dp[i][j][1] + dp[i - 1][j][0]) % mod;dp[i][j][2] = (dp[i][j][2] + dp[i - 1][j][1] + dp[i - 1][j][2]) % mod;
} else {dp[i][j][0] = (dp[i][j][0] + dp[i - 1][j][0] + dp[i - 1][j][1]) % mod;if(j > 0) dp[i][j][1] = (dp[i][j][1] + dp[i - 1][j - 1][0]) % mod;if(j > 0) dp[i][j][2] = (dp[i][j][2] + dp[i - 1][j - 1][1] + dp[i - 1][j - 1][2]) % mod;
}
可以发现每个分类讨论的转移个数不加本身是有5条(转移图可知有6条，有一条不合法)，这是基于转移的路径确定，主要s[i]区别就是转移的代价变化
- 本题卡了内存，故要优化成滚动数组方式转移
#include<bits/stdc++.h>
#define int long long
using namespace std;
using ull = unsigned long long;
using ll = long long;
using PII = pair<int,int>;
#define IOS ios::sync_with_stdio(false),cin.tie(0)
#define lowbit(x) (x) & (-x)
#define endl "\n"
#define pb push_back
const int N=5e3+10;
const int INF=0x3f3f3f3f;
const int mod=998244353;
ll dp[2][N][3];
void solve()
{int n, k; cin >> n >> k;string s; cin >> s; s = " " + s;dp[0][0][0] = 1;for(int i = 1; i <= n; i ++) {int u = i & 1;for(int j = 0; j <= k; j ++) {if(s[i] == '1') {if(j > 0) dp[u][j][0] = (dp[u][j][0] + dp[u ^ 1][j - 1][0] + dp[u ^ 1][j - 1][1]) % mod;dp[u][j][1] = (dp[u][j][1] + dp[u ^ 1][j][0]) % mod;dp[u][j][2] = (dp[u][j][2] + dp[u ^ 1][j][1] + dp[u ^ 1][j][2]) % mod;} else {dp[u][j][0] = (dp[u][j][0] + dp[u ^ 1][j][0] + dp[u ^ 1][j][1]) % mod;if(j > 0) dp[u][j][1] = (dp[u][j][1] + dp[u ^ 1][j - 1][0]) % mod;if(j > 0) dp[u][j][2] = (dp[u][j][2] + dp[u ^ 1][j - 1][1] + dp[u ^ 1][j - 1][2]) % mod;}}memset(dp[u ^ 1], 0, sizeof dp[u ^ 1]);}ll res = 0;int u = n & 1;for(int j = 0; j <= k; j ++) {res = (res + dp[u][j][0] + dp[u][j][1] + dp[u][j][2]) % mod;}cout << res << endl;
}
signed main()
{int T = 1;//cin>>T;while(T--){solve();}return 0;
}
