考虑对于一个区间 \([l_i,r_i]\)，最少重叠长度为 \(k_i\)，怎样的区间 \([l_j,r_j]\) 可以与前者产生贡献；首先 \(r_j-l_j\ge k_i\)，在满足这个条件的情况下需要有 \(r_j\ge l_i+k_i\land l_j\le r_i-k_i\)，这里 \(\land\) 表示合取，即 C++ 中的 \(\mathrm{and}\)。正难则反，考虑用长度 \(\ge k_i\) 的区间数量减去 \(r_j<l_i+k_i\) 以及 \(l_j>r_i-k_i\) 的区间数量和；容易得知后两部分是不交的，可以分开计算。
统计这个数量这是一个经典的二维数点问题。直接将待处理的数组按照 \(k\) 降序排序，复制一份按照 \(r-l\) 排序。扫前者的同时从后者里面把满足 \(r-l\ge k\) 的区间不断加入答案，用 __gnu_pbds::tree 插入元素、统计答案即可。可以参考代码实现。
放代码：
#include<bits/stdc++.h>
#include<bits/extc++.h>
using namespace std;
using namespace __gnu_pbds;
typedef pair<int,int> pii;
typedef tuple<int,int,int,int> tpi;
int main(){ios::sync_with_stdio(false);int n,p=0; cin>>n;vector<tpi> a(n),b;for(int i=0;i<n;i++){auto &[l,r,k,x]=a[i]; cin>>l>>r>>k,x=i;}sort(a.begin(),a.end(),[](tpi x,tpi y){return get<2>(x)>get<2>(y);});b=a,sort(b.begin(),b.end(),[](tpi x,tpi y){return get<1>(x)-get<0>(x)>get<1>(y)-get<0>(y);}); // 两种排序tree<pii,null_type,greater<>,rb_tree_tag,tree_order_statistics_node_update> L;tree<pii,null_type,less<>,rb_tree_tag,tree_order_statistics_node_update> R;vector<int> s(n);for(auto [l,r,k,x]:a){while(p<n&&get<1>(b[p])-get<0>(b[p])>=k)L.insert(make_pair(get<0>(b[p]),p)),R.insert(make_pair(get<1>(b[p]),p)),p++;// 加入可能成为答案的元素s[x]=L.size()-R.order_of_key(make_pair(l+k,0))-L.order_of_key(make_pair(r-k,n));// 使用 order_of_key 查排名，进行统计}for(int i:s)cout<<i-1<<'\n';return 0;
}
