codeforces edu 175, div2, A-E

cf2070

A

• 猜想答案即 15k, 15k + 1, 15k + 2 的数量, k = 0, 1, 2 ...

B

• 模拟

C

• 二分答案, 贪心 check

  auto check = [&] (int x) -> bool {int cnt = 0;for (int i = 1; i <= n; i++) {if (s[i] == 'B' && a[i] > x) {int t = i + 1;while (t <= n) {if (s[t] == 'R' && a[t] > x) break;t++;}cnt++, i = t;}}return cnt <= k;
  };
  

D

• 按照深度的顺序一层一层 dp, dp[u] 表示以 u 结尾的合法序列的数量
• dp[u] = sum - dp[p[u]], sum 为上一层的 dp 和, p[u] 为 u 的父节点

  for (int i = 2; i <= n; i++) {if (v[i].empty()) {break;}for (auto w : v[i]) {dp[w] = sum - dp[p[w]];dp[w] = (dp[w] % mod + mod) % mod;}sum = 0;for (auto w : v[i]) {sum = (sum + dp[w]) % mod;}
  }
  

E

• 猜想只有两种情况满足:

  • cnt0 > cnt1 * 3 + 1
  • cnt0 = cnt1 * 3 - 1

• 在是 1 的下标处 +3, 是 0 的下标处 -1

• 转换为计算:

  • 贡献和小于 -1 的区间数量
  • 贡献和恰好等于 1 的区间数量

• 计算前缀和 p[i], 然后从左往右扫一遍, 将 p[i] 加到树状数组中即可

• 因为 p[i] 可能有负数, 所以在树状数组中的下标整体位移

  const int N = -mn + 10;BIT tr(mx - mn + 50);long long ans = 0;for (int i = 1; i <= n; i++) {ans += tr.suf(p[i] + 2 + N);ans += tr.query(p[i] - 1 + N, p[i] - 1 + N);tr.add(p[i - 1] + N, 1);
  }