先看第一道题比例简化：
题干：
输入输出样例以及样例范围：
其实不难看出这一道题目的样例范围并不大，所以其实我们可以用暴力枚举的方式进行解答，虽然暴力枚举在很多题目并不值得提倡，不过不得不承认它是一种更容易让人理解的方法。
对于这一道题，要求新的A',B'的比值要大于等于A/B并且二者之差尽可能小，同时新的A',B'互质而且不能大于L。其实思路很明确了，我们只需要二重循环，分别从1到L进行枚举，通过不断的更新答案，就会得到最后的结果，另外我们需要写一个判断两个数字是否互质，直接上代码：
#include<iostream>
#include<cmath>
using namespace std;
int A,B,L;
bool coprime(int a,int b){for(int d=2;d<=a;d++){if(!a%d && !b%d)return false;}return true;
}
int main(){cin>>A>>B>>L;double ans=1<<23; int ansA=-1,ansB=-1;for(int a=1;a<=L;a++){for(int b=1;b<=L;b++){//a,b互质且a/b>=A/Bif(coprime(a,b) && (double)a/b>=(double)A/B){double tmp=1.0*a/b-1.0*A/B;if(tmp<ans){ans=tmp;ansA=a;ansB=b;}}}}cout<<ansA<<' '<<ansB<<endl;return 0;
}这一道题目的难度并不大，想道两重循环和中间变量tmp来更新ans即可。
第二道题目，扫雷游戏：
先看题目：
接下来看输入输出样例以及数据范围：
这道题目就是一道简单的模拟题，主要是需要考虑的是再计算每一个格子周围的地雷数目时，我们通过怎样的代码来计算，更为佳，下面是我的代码：
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int n,m;
char a[110][110];
int ans[110][110];
int main(){scanf("%d%d",&n,&m);for(int i=0;i<n;i++)scanf("%s",a[i]);for(int i=0;i<n;i++){for(int j=0;j<m;j++){if(a[i][j]=='*'){ans[i][j]=-1;continue;}for(int dx=-1;dx<=1;dx++){for(int dy=-1;dy<=1;dy++){if(dx==0 && dy==0) continue;int x=i+dx,y=j+dy;if(x>=0 && x<n && y>=0 && y<m){if(a[x][y]=='*')ans[i][j]++;}}}}}for(int i=0;i<n;i++){for(int j=0;j<m;j++){if(ans[i][j]==-1) printf("*");else printf("%d",ans[i][j]);}printf("\n");}return 0;
}我用dx，dy从-1开始，1为止，来枚举每一个数字的周围九个格子，当然了，当周围的某个格子是空白的时候需要特判，所有我加了if作为特判条件，这样就能轻松的完成本题了。
