非常好名次，使我的 \(1\) 旋转
四发罚时应该是这次比赛最唐的东西了，没有就进前一千了
A.Buy a Pen
特判秒了，懒得打三种 ans=，所以就把不能选的那个赋值成无穷大了
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define speed ios::sync_with_stdio(false);
#define tests int cases;cin>>cases;while(cases--)
int main(){speedint a,b,c;cin>>a>>b>>c;string x;cin>>x;if(x=="Red") a=101;if(x=="Green") b=101;if(x=="Blue") c=101;cout<<min({a,b,c})<<endl;
}
B.Right Triangle
讲个好玩的，这个题需要求两点 \((x_1,y_1),(x_2,y_2)\) 之间的坐标，然后我先是写了个这个
dis[1]=sqrt(x[1]*x[1]+y[1]*y[1]);
后面求勾股定理的时候发现好像不对，这好像是勾股定理，所以改成下面这样：
dis[1]=sqrt((x[1]-x[2])*(y[1]-y[2]));
这玩意 re 了，我也没干别的，唯一想到的就是给负数开根了，一看果然是负的...
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define speed ios::sync_with_stdio(false);
#define tests int cases;cin>>cases;while(cases--)
const double eps=1e-8;
int main(){speedint x[4],y[4];cin>>x[1]>>y[1]>>x[2]>>y[2]>>x[3]>>y[3];double dis[4];dis[1]=sqrt((x[1]-x[2])*(x[1]-x[2])+(y[1]-y[2])*(y[1]-y[2]));dis[2]=sqrt((x[2]-x[3])*(x[2]-x[3])+(y[2]-y[3])*(y[2]-y[3]));dis[3]=sqrt((x[3]-x[1])*(x[3]-x[1])+(y[3]-y[1])*(y[3]-y[1]));
// cout<<dis[1]<<" "<<dis[2]<<" "<<dis[3]<<endl;if(dis[3]<dis[1]) swap(dis[3],dis[1]);if(dis[3]<dis[2]) swap(dis[3],dis[2]);if(abs(dis[1]*dis[1]+dis[2]*dis[2]-dis[3]*dis[3])<=eps) cout<<"Yes"<<endl;else cout<<"No"<<endl;'
}
还有一个就是 eps 的问题，这个题刻意卡了直接判等，handmade 测试点会全 WA，不过我恰好改一次都改对了，所以没吃第二发罚时
C.Sum = 0
稍微有点意思，首先算出所有左边界的和，再算出所有右边界的和，注意到左边界一定是最小的和，而右边界一定是最大的，因此有解的充要条件应为 \(min\le 0,max\ge 0\)
然后就再扫一遍，从最大的和中减掉（每次都改一个右边界为左边界），如果当前最大和减不动了，那就把它减到 \(0\) 输出，后面的正常输出右边界即可.
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define speed ios::sync_with_stdio(false);
#define tests int cases;cin>>cases;while(cases--)
const double eps=1e-8;
#define int long long
int n;
int l[200001],r[200001];
int maxn,minn;
signed main(){speed cin>>n;for(int i=1;i<=n;++i){cin>>l[i]>>r[i];maxn+=r[i];minn+=l[i];}if(maxn<0 or minn>0){cout<<"No"<<endl;return 0;}cout<<"Yes"<<endl;for(int i=1;i<=n;++i){if(maxn>0){if(maxn>=(r[i]-l[i])){maxn-=r[i]-l[i];cout<<l[i]<<" ";}else{cout<<r[i]-maxn<<" ";maxn=0;}}else if(maxn==0){cout<<r[i]<<" ";}}
}
D.Shortest Path 3
DIJ 版本的考试题，和我考试打的那份错解一个思路
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define int long long
int cnt;
int n,m,x;
int a[500000];
struct shabicth{int q,dat;bool operator < (const shabicth &a) const{return dat>a.dat;}
};
struct node{int to,w,next;
}edge[600000];
int head[200010];
bool f[200100];
int dis[200010];
int sum[2000];
int sbcth[7000][3];
void add(int u,int v,int w){edge[++cnt].next=head[u];edge[cnt].to=v;edge[cnt].w=w;head[u]=cnt;
}
void dij(int s){priority_queue<shabicth> qq;int x,y;shabicth cc;cc.q=s;cc.dat=a[s];qq.push(cc);memset(dis,0x7f,sizeof(dis));memset(f,0,sizeof(f));dis[s]=a[s];while(!qq.empty()){x=qq.top().q;y=qq.top().dat;qq.pop();if(!f[x]){f[x]=true;for(int i=head[x];i;i=edge[i].next){cc.q=edge[i].to;if(!f[cc.q]&&dis[cc.q]>y+edge[i].w+a[cc.q]){dis[cc.q]=y+edge[i].w+a[cc.q];cc.dat=dis[cc.q];qq.push(cc);}}}}
}
signed main(){cin>>n>>m;for(int i=1;i<=n;i++){cin>>a[i];dis[i]=a[i];}for(int i=1;i<=m;i++){int x,y,num;cin>>x>>y>>num;add(x,y,num);add(y,x,num);}dij(1);for(int i=2;i<=n;i++) cout<<dis[i]<<' ';
}
E.Count Arithmetic Subsequences
窝太菜辽，想了半条才明白 Arithmetic Subsequences 是等差数列的意思
日文阅读理解
上の解法は更に高速化することができます．以下の状態を持つ DP を考えます．
\(dp[i][l][d]=\) 初項 \(A_i\)，長さ \(l(l≥2)\)，公差 \(d\) であるような等差数列の個数
\(i\) の降順に見ていき，初項 \(A_i\) を固定します．第 \(2\) 項 \(A_j\ (i<j)\) と長さ \(l\) を全探索します．このとき，公差は \(d=A_j−A_i\) と定まります． \(l=2\) の場合は (\(A_i,A_j\) ) が長さ \(2\) の等差数列なので， \(dp[i][2][d]\) に \(1\) を足します． \(l≥3\) の場合，初項 \(A_i\) ，長さ \(l\)，公差 \(d\) の等差数列は，初項 \(A_j\) ，長さ \(l−1\)，公差 \(d\) の等差数列の先頭に \(A_i\) を追加したものとなっています．よって， \(dp[i][l][d]\) に \(dp[j][l−1][d]\) を足します．
公差 \(d\) は \(10^9\) 程度の大きな値を取りうるため，\(d\) に関する添字は連想配列で持てばよいです．C++ で map を使用した場合，時間計算量は \(O(N^3logN)\) となります．
または，各 \(i\) についてあり得る公差をあらかじめ列挙して座標圧縮しておけば，\(d\) に関する添字を配列で持つことができます．この場合，時間計算量は \(O(N^3)\) です．
没用翻译读懂了，大概就是开一个 DP 记录出项，长度，公差三个参数，这样就能唯一确定一个等差数列，再用 map 判重.
赛时差不多打出来了，因为这个题 \(n\) 只有 \(80\)，赛时打的时候我是考虑枚举等差数列前两项，然后利用公差扫一遍后面的数，统计答案就行了.
此外 \(ans_{1}=n,ans_{2}=\frac{n\times (n-1)}{2}\)
G.Count Substring Query
没想到考了 AC 自动机板子题，板子不会打就偷了一份
后记
谴责一款强迫我看日文题解的网站
