T1.涂色游戏（paint）
可以按照题意模拟，每一次暴力对于每一行列染色，时间复杂度 \(O(qn)\)。可得60pts。
因为颜色可以覆盖，某一格的颜色往往取决于最后一次被染到的颜色。
于是我们采用打标记的方式。每一次染色（行或列）就在当前行列打标记，记操作时间戳 \(t\)。
最后输出答案时枚举每一格，比较当前行列的时间戳 \(t\)，\(t\) 更大的标记对应的颜色就是覆盖的颜色。
时间复杂度 \(O(q+nm)\)，100pts。
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#include<bits/stdc++.h>
#define int long long
#define rint register int
#define For(i,l,r) for(rint i=l;i<=r;++i)
#define FOR(i,r,l) for(rint i=r;i>=l;--i)
using namespace std;inline int read() {rint x=0,f=1;char ch=getchar();while(ch<'0'||ch>'9'){if (ch=='-') f=-1;ch=getchar();}while(ch>='0'&&ch<='9'){x=(x<<1)+(x<<3)+(ch^48);ch=getchar();}return x*f;
} const int N = 1e6 + 5;struct Node {int id, c;
} Ansh[N], Ansl[N];int n, m, T, q;void init() {For(i,1,n) {For(j,1,m) {Ansh[i] = (Node) {0, 0};Ansl[j] = (Node) {0, 0};} }
}signed main() {T = read();while(T--) {n = read(), m = read(), q = read();init();For(l,1,q) {int op = read(), x = read(), c = read();if(op == 0) {Ansh[x] = (Node) {l, c};} else {Ansl[x] = (Node) {l, c};}}For(i,1,n) {For(j,1,m) {if(j != m) {if(Ansh[i].id > Ansl[j].id) {cout << Ansh[i].c << ' ';} else {cout << Ansl[j].c << ' ';}}else {if(Ansh[i].id > Ansl[j].id) {cout << Ansh[i].c;} else {cout << Ansl[j].c;} }}cout << endl;}}return 0;
}
T2.幂次（power）
- \(k=1\)
答案显然就是 \(n\)。
- \(k\geq 3\)
注意到，若 \(x\) 质因数分解后满足 \(p_1p_2p_3...p_m\) 的形式，则将答案在 \(x\) 时记下不会记重。
枚举底数 \(a\)，时间复杂度显然在 \(O(n^{\frac{1}{3}})\) 阶内。然后暴力枚举指数 \(b\)，并打标记防止记重（标记数组用 map 存）。统计记录下个数。
这样时间复杂度 \(O(n^{\frac{1}{3}}\log n)\)，可以接受。45pts。
- \(k=2\)
相当于在 \(k\ge 3\) 的基础上多加了一堆完全平方数。
已知所有 \(\le n\) 的完全平方数的数量为 \(\left\lfloor \sqrt n \right\rfloor\)。但是直接加上会记重，原因是那些 \(k \ge 3\) 中的方案里也有完全平方数，比如 \(4^3=8^2=64\)。于是你只要记下那些 \(k \ge 3\) 中的方案的完全平方数的个数，容斥掉就可以了。
总时间复杂度还是 \(O(n^{\frac{1}{3}}\log n)\)。100pts。
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#include<bits/stdc++.h>
#define int long long
#define rint register int
#define For(i,l,r) for(rint i=l;i<=r;++i)
#define FOR(i,r,l) for(rint i=r;i>=l;--i)using namespace std;int n, k, ans, und;map<int, bool> vis;int qpow(int a, int b) {int res = 1;for (; b; b >>= 1, a = a * a) {if(b & 1) res = res * a;}return res;
}signed main() {cin >> n >> k;if(k == 1) cout << n << '\n';else if(k >= 2){for (int i = 2; i * i * i <= n; ++i) {for (int j = i * i, kk = 2; ; ) {if(j > n/i) break;j *= i, kk++;if(kk < k) continue;if(vis[j]) continue;vis[j] = 1;ans++;if((int)sqrtl(j)*sqrtl(j) == j) und++;}}if(k >= 3) cout << ans+1 << '\n';else cout << (int)sqrtl(n) + ans - und << '\n';} return 0;
}
