B. Birthday Gift
把原始串的偶数位取反，题目从消除相同就可以转换为消除不同。因此只要有不同位，就一定可以消除。因此最终剩下的串一定是全 0 或者全 1。因此答案就是翻转后的 1、0 之差。我们用 2 尽可能的减少0，1 只差即可。
#include <bits/stdc++.h>#define ll long longvoid solve() {std::string s;std::cin >> s;int cnt0 = 0, cnt1 = 0, cnt2 = 0;for(int x, y = 0; auto c : s) {x = c - '0';if(x == 2) cnt2 ++;else {x ^= y;if(x == 0) cnt0 ++;else cnt1 ++;}y ^= 1;}int ans = abs(cnt0 - cnt1) - cnt2;if(ans < 0) ans = (-ans) % 2;std::cout << ans << "\n";return;
}int main() {std::ios::sync_with_stdio(false);std::cin.tie(nullptr);int t;std::cin >> t;while (t--){solve();}return 0;
}
E. Left Shifting 3
循环位移只能把首尾连起来。额外计算一下首尾拼起来能不能构成nanjing。
#include <bits/stdc++.h>using namespace std;using i32 = int32_t;
using i64 = long long;using vi = vector<int>;
using pii = pair<int,int>;const string t = "nanjing";void solve() {int n, k;cin >> n >> k;string s;cin >> s;int res = 0;for(int i = 0; i + 6 < n; i ++) if(s.substr(i, 7) == t) res ++;for(int i = 1; i <= min(k, 6) and n >= 7; i ++){if(s.substr(n - 7 + i, 7 - i) + s.substr(0, i) == t) {res ++;break;}}cout << res << "\n";return;
}i32 main() {ios::sync_with_stdio(false), cin.tie(nullptr);int T;cin >> T;while(T --)solve();return 0;
}
J. Social Media
一条评论，可以当成一条无向边。边一共有三种。
- 两个端点都被选择
- 一个端点被选择
- 两端点都没有被选择
对于第一种边直接累计到到答案中，对于第二种边统计没有被选择的边链接了多少条边，对于第三种边，加入到图中。
多选点不会使得答案更差。因此一定要选两个点。
首先我们枚举第一点个，第一个被选择后，第二种边就会转换为第一种边。第一个点所连接的第三种边都会转换为第二种边。对于第二个点，贪心的选择 第二种边最多的。
#include <bits/stdc++.h>using namespace std;using i32 = int32_t;
using i64 = long long;using vi = vector<int>;
using pii = pair<int,int>;void solve() {int n, m, k;cin >> n >> m >> k;vector<bool> selected(k + 1);for(int i = 1, x; i <= n; i ++) {cin >> x;selected[x] = true;}int ans = 0;vi cnt(k + 1), cnt2(k + 1);vector<vi> e(k + 1);for(int i = 1, x, y; i <= m; i ++) {cin >> x >> y;if(selected[x] and selected[y]) ans ++;else if(selected[x]) cnt[y] ++;else if(selected[y]) cnt[x] ++;else if(x == y) cnt[x] ++;else e[x].push_back(y), e[y].push_back(x);}int max1 = 1, max2 = 2;if(cnt[max2] > cnt[max1]) swap(max1, max2);for(int i = 3; i <= k; i ++) {if(cnt[i] > cnt[max1] ) max2 = max1, max1 = i;else if(cnt[i] > cnt[max2]) max2 = i;}int res = 0;for(int i = 1, ret; i <= k; i ++) {if(selected[i]) continue;if(i == max1) ret = max2;else ret = max1;for(auto y : e[i]) { cnt2[y] ++;if(cnt[y] + cnt2[y] > cnt[ret] + cnt2[ret]) ret = y;}res = max(res, cnt[i] + cnt[ret] + cnt2[ret]);for(auto y : e[i]) cnt2[y] = 0;}cout << ans + res << "\n";
}i32 main() {ios::sync_with_stdio(false), cin.tie(nullptr);int T;cin >> T;while(T --)solve();return 0;
}
K. Strips
按照黑色点分段。分段对坐标进行映射到 1 到 n。
我们从左到右，贪心的选择最靠右的区间。这样一定可以保证使用区间数量最少。
然后我们检查最右侧的区间是否越界。如果越界就要把最右侧的区间的和有段点对齐。对齐后如果左侧碰到了区间就要逐个把区间向左推。如果最左侧的区间依旧越界，就是无解。否则就是一种答案。
#include <bits/stdc++.h>using namespace std;using i32 = int32_t;
using i64 = long long;#define int i64using vi = vector<int>;
using pii = pair<int,int>;void solve() {int n, m, k, w;cin >> n >> m >> k >> w;vi r(n);for(int i = 0; i < n; i ++) cin >> r[i];vi b(m);for(int i = 0; i < m; i ++) cin >> b[i];b.push_back(0), b.push_back(w + 1);ranges::sort(r);ranges::sort(b);auto calc = [k](int n, vi a) -> vi {vi l , r;for(auto i : a) {if(r.empty() or i > r.back()){l.push_back(i);r.push_back(i + k - 1);}}int R = n;for(int i = l.size() - 1; i >= 0; i --) {if(r[i] <= R) break;r[i] = R;l[i] = R - k + 1;R = l[i] - 1;}if(l[0] >= 1) return l;else return vi();};vi res, cur;for(int i = 0, j = 0; i + 1 < b.size() and j < n; i ++) {cur = vi();while(j < n and b[i] < r[j] and r[j] < b[i + 1])cur.push_back(r[j] - b[i]), j ++;if(cur.empty()) continue;auto ret = calc(b[i + 1] - b[i] - 1, cur);if(ret.empty()) {cout << -1 << "\n";return;}for(auto x : ret)res.push_back(x + b[i]);}cout << res.size() << "\n";for(auto i : res) assert(1 <= i <= w - k + 1 ), cout << i << " ";cout << "\n";return;
}i32 main() {ios::sync_with_stdio(false), cin.tie(nullptr);int T;cin >> T;while(T --)solve();return 0;
}
