素数个数 埃式筛 欧拉筛

求 1 ~ 1e7 以内素数的个数

最普通做法（非常超时

int n;
bool judge(int x)
{if(x == 1) return false;for(int i = 2; i < x; i++){if(x % i == 0) return false;}else return true;
}
int main()
{cin >> n;int count = 0;for(int i = 2; i < n; i++){if(judge(i)) count++;}cout << count;
}

普通做法（超时

//与上面不同的是将judge函数中的搜索范围减少
bool judge(int x)
{if(x == 1) return false;for(int i = 2; i <= x / i; i++)  //循环中的结束条件更改了{if(x % i == 0) return false;}else return true;
}
//更改方法1： i <= sqrt(x)         sqrt函数速度慢，每次循环都会计算一次；开根号可能有精度误差
//更改方法2： int num = sqrt(x)    i <= num  这样只用计算一次sqrt(x)
//更改方法3： i * i <= x           不用sqrt也没有精度误差，但是当i特别大时，i * i可能会溢出变为负数
//更改方法4： i <= x / i           用除法速度可能较慢，但是数据很大时建议使用

埃式筛法（快

核心
筛去得到的素数的倍数 -> 合数
实现筛去
用一个bool类型的数组 或者 bitset(会慢几十ms）来存储每个值是否是素数，当前素数的倍数则是true,后续的遍历只有满足false的条件（即未被筛去）才能进行
不足
一个元素可能会重复筛去，因为它同时是几个素数的倍数
例如
i = 2时，会筛掉4，6，8，10，12，14....
i = 3时，会筛掉9，12....
这里12就筛重复了（这是已经改进了一点的结果，没改进之前，int j = i * 2，重复筛掉的就更多，例如6)

• 利用了3个for，但是重复筛去的数据更少，1e6的数据平均在15ms

const int N = 1e7 + 10;
bool judge[N];  //bitset<N> judge;  初始化都为false
int n;
int main()
{cin >> n;int count = 0;for(int i = 2; i <= n / i; i++){if(!judge[i]) for(int j = i * i; j < n; j += i) judge[j] = true;   //j = i * 2 稍微慢了一点}for(int i = 2; i <= n; i++){if(!judge[i]) count++;}cout << count;
}

• 利用2个for，但是重复筛去的元素更多，1e6的数据平均在15ms（时间波动有点大）

const int N = 1e7 + 10;
bool judge[N];  //bitset<N> judge;  初始化都为false
int n;
int main()
{cin >> n;int count = 0;for(int i = 2; i <= n; i++){if(!judge[i]) {count++;for(int j = i * 2; j <= n; j += i) judge[j] = true;   //这里相比上面，int j 不能初始化为i * i,会溢出；并且当 i > sqrt(n) 时仍然会筛掉元素，但是这些元素肯定已经被小于sqrt(n)的数给筛过了}}cout << count;
}

欧式筛法（最快

核心
合数 = 最小的素数 * 另一个数,只有prime[j]是最小的质因数时i才能被筛掉
例如 24 = 3 * 8 = 3 * 2 * 2 * 2 = 2 * 12，要在另一个数为12时才能筛掉，不然就会重复
1e6数据的时间<10ms
核心代码

if(i % prime[j] == 0) break;

代码实现

#include <iostream>using namespace std;
const int N = 1e6 + 10;
int prime[N];
bool judge[N];int main()
{int n = 1e6, k = 0;for(int i = 2; i <= n; i++){if(!judge[i]) prime[k++] = i;for(int j = 0; j < k; j++) {if(i * prime[j] > n) break;judge[i * prime[j]] = true;if(i % prime[j] == 0) break;}//建议多列一串数字寻找原理，或者记下来}cout << k;
}