第一问：int *ptr1 = (int *)(&a + 1)，

&a代表拿出了整个数组的地址，然后+1，此时指针会跳过整个数组，现在的类型是int * [4],它将其强转为了int *，然后问ptr1 [-1]是多少，ptr1 [-1]就是*（ptr+（-1）），就等与*（ptr-1），此时指针应该往回走1个单位，它是int*，所以往回走四个字节，刚好指向了4，所以结果为4。

vs是小端存储，所以从左往右存储数组的时候，是如图所示的存储方式。

第二问如图所示：int *ptr2 = (int *)((int)a + 1)， 

第一步：(int)a + 1，a为首元素地址，假设此时地址是0x0012ff40，现在被强转成了整数，然后对这个整数进行+1，结果就是0x0012ff41，然后又将这个整数强转成了int*的指针，此时的0x0012ff41就是一个新的地址了，它和原来的数组首地址0x0012ff40相比，它向后走了一个字节（如图ptr2所指向的位置），此时%x打印，应该向后访问四个字节的内容，由于是小端存储，所以数据应该是2000000

 第三题：

问题：这是一个二维数组，3行四列，但是由于不是{ { }，{ }，{ }}，而是{（）（）（）}，这是一个逗号表达式，保留下来的结果应该是1,3,5。所以这个二维数组应该如图所示：

然后 p = a[0];p是int*，这一步就是将a[0],也就是第一行的首地址赋给了p，所以p现在时第一行数组的首元素地址，然后p[0],也就是*p，所以直接打印出了1。 

第四题：

如图所示：

第二问（%d）数组的存储是从低地址到高地址的，p指向的是一个4个整形的一维数组，p+1，p+2，p+3，p+4如图所示，每次跳过四个整形（16字节），所以p [4] [2]应该指向图中&p [4] [2]所对应的位置，此时和&a[4][2]进行相减，其结果的绝对值是中间相差的元素个数，因为以%d打印，所以应该是-4。

第一问（%p），是将-4以%p的形式打印，%p没有符号之分，直接将-4的补码以16进制进行打印

 如图所示：-4的原返补码，以及16进制

第五题：

首先第一步char**pa = a; a是一个字符串数组的地址，这个地址被存放进了pa，类型是char**，

如图所示：

因为a是数组名，其代表首元素地址，也就是"work"的地址，然后pa++，它就跳过了首元素，指向了第二个元素，所以结果为  at

第六题：

第一问：*(ptr1 - 1)

首先：int *ptr1 = (int *)(&aa + 1);，这一步&aa取出了整个二维数组的地址，然后+1代表跳过了整个二维数组的地址，如图所示：

图中的红色ptr1就是跳过了二维数组指向的地址。然后此时把这个东西强转成了int*，它的类型从int（*）[2][5],变成了int*,然后以%d的形式打印*（ptr1-1），就是将红色的ptr1往后跳了四个自己，因为此时的红色ptr1是int*，解引用往后跳过4个字节，也就是一个整形的位置，所以指向了10。

第二问：*(ptr2 - 1)

第七题： 

已知条件：

将3,4,5语句翻译如下图所示：

第一问 ：printf("%s\n", **++cpp);

根据操作符得知从右往左读即可。

第一步：这是一个++cpp前置++，计算就是以++后的结果来计算的，cpp是一个三级指针，它存放的是二级指针数组的地址（cp的首地址），++让它由指向cp的首地址变成了指向cp中的第二个元素。

第二步：此时的一个*，对这个cpp指向的地址（也就是cp中的第二个元素的首地址）进行解引用，得到了cp中的第二个元素的内容c+2。

第三步：而c+2也是一个地址，它指向的是数组c中的第三个元素（如图），此时的最后一个*，对c+2这个地址进行解引用，得到了数组c中的第三个元素的内容，也就是字符串POINT的首地址，此时以%s形式打印，当然是得到POINT这个字符串啦。