施咒的最大总伤害

题目大意

给你一个数组 power ，其中每个元素表示一个咒语的伤害值，可能会有多个咒语有相同的伤害值。

已知魔法师使用伤害值为 power[i] 的咒语时，他们就 不能 使用伤害为 power[i] - 2 ，power[i] - 1 ，power[i] + 1 或者 power[i] + 2 的咒语。

每个咒语最多只能被使用 一次 。

返回可以达到的伤害值之和的 最大值 。

数据范围

• 1 <= power.length <= 10⁵
• 1 <= power[i] <= 10⁹

思路

与 打家劫舍 相似

• 选择咒语与出现次序无关，只与值有关；并且一个咒语有多个可能值，是每个咒语最多只用一次，而 不是每个值的咒语最多只能用一次 ， 所以可能将所有值进行统计，还有它们的出现次数，这样 值*出现次数=伤害值； 再将统计出来的进行排序， 因为选择值为x的就不能选x-1和x-2

• 从后往前推(dfs)，最后一个是i

  • 选i ，那么i - 1 和 i - 2 都不能选，只能另外选择最大的小于i - 2的数
    • 难点在于如果像之前一样开个 vector f(ma + 1)的数组，或者使用a, b, c, d依次更新，由于数据过大，会导致爆内存
    • 就要使用哈希表，以及用while循环来寻找 最大的小于i-2的数，并且在power中出现了
  • 不选i，那么就选i前面的一个数即可。这里的前面的一个数，并不是\(i-1\)，而是在power中的数排序之后，排在i前面的一个数

• 从前往后推(递推)，当前是i

  • 选i，再选择<i - 2最大的数，也是用while循环

  • 不选i，直接选择i的前一个数

  • 比较这两种情况谁更大

代码

爆内存的普通做法

class Solution {
public:using ll = long long;long long maximumTotalDamage(vector<int>& power) {int ma = ranges::max(power);int n = power.size(), cnt = 0;vector<int> a(ma + 1);for(auto& u : power) {if(a[u] == 0) cnt++;a[u] += u;}vector<ll> f(ma + 1);if(cnt == 1) return a[ma];f[1] = a[1], f[2] = max(a[1], a[2]);for(int i = 3; i <= ma; i++) {f[i] = max(f[i - 1], f[i - 2]);f[i] = max(f[i], f[i - 3] + a[i]);}return f[ma];}
};

递归版改进做法

class Solution {
public:using ll = long long;long long maximumTotalDamage(vector<int>& power) {unordered_map<ll, ll> mp;for(auto& u : power) mp[u]++;vector<pair<ll, ll>> a(mp.begin(), mp.end());ranges::sort(a);ll n = a.size();vector<ll> memo(n, -1);auto dfs = [&](auto&& dfs, ll x) -> ll {if(x < 0) return 0;ll& res = memo[x];if(res != -1) return res;ll j = x;auto& [u, v] = a[x];while(j && a[j - 1].first >= a[x].first - 2) j--;return res = max(dfs(dfs, x - 1), dfs(dfs, j - 1) + (ll)u * v);};return dfs(dfs, n - 1);}
};

递推版改进做法

class Solution {
public:using ll = long long;long long maximumTotalDamage(vector<int>& power) {unordered_map<ll, ll> mp;for(auto& u : power) mp[u] ++;vector<pair<ll, ll>> a(mp.begin(), mp.end());ranges::sort(a); //[出现的数, 出现次数]ll n = a.size();vector<ll> f(n); //第几小的值的出现次数f[0] = (ll)a[0].first * a[0].second; //最小的值*出现次数for(int i = 1, j = 0; i < n; i++) {auto& [u, v] = a[i];while(u - a[j].first > 2) j++; //直到u - a[j].first <= 2  !!!那么u - a[j - 1].first肯定会 < 2  !符合if(j == 0) f[i] = max(f[i - 1], (ll)u * v);  //j不能减少了else f[i] = max(f[i - 1], f[j - 1] + (ll)u * v);}return f[n - 1];}
};