Let U = {u1, u2, . . . , un} be a set of n items to be packed in a knapsack of size C. For 1 ≤ j ≤ n, let sj and vj be the size and value of the jth item, respectively. Here C and sj, vj , 1 ≤ j ≤ n, are all positive integers. Each item should either be placed entirely in the knapsack or no.
The objective is to fill the knapsack with some items from U whose total size is at most C and such that their total value is maximum(the knapsack cannot contain more than one item of the same type).
V(i,0)=0
V(0,j)=0
if i>0 and j<si , V(i,j)=V(i-1,j)
if i>0 and j³si , V(i,j)=max{V(i-1,j),V(i-1,j- si)+ vi}
We use an (n + 1) × (C + 1) table to evaluate the values of V [i, j]. We only need to fill the table V[0..n, 0..C] row by row using the above formula. The method is formally described in Algorithm knapsack.
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首先，对于每个物品 i，初始化一个二维数组 V，其中 V[i, j] 表示在考虑前 i 个物品，并且背包容量为 j 时可以获得的最大价值。
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然后，对于每个物品 i 和背包容量 j，通过以下方式更新 V[i, j]：
- 如果当前物品 i 的大小 s 小于等于背包容量 j，则 V[i, j] 的最大值为 V[i-1, j]（不放入当前物品 i）和 V[i-1, j-s] + v[i]（放入当前物品 i）中的较大值。
- 如果当前物品 i 的大小 s 大于背包容量 j，则 V[i, j] 等于 V[i-1, j]（不能放入当前物品 i）。
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最后，返回 V[n, C]，即考虑了所有物品后，在背包容量为 C 时可以获得的最大价值。算法的时间复杂度是 O(nC) 空间复杂度O(c)
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